From af03087cdd674a3914ad07086dad8466e0b842df Mon Sep 17 00:00:00 2001
From: ShusenTang <tangshusen@pku.edu.cn>
Date: Sat, 16 Nov 2019 17:51:50 +0800
Subject: [PATCH] Create 319. Bulb Switcher.md

---
 solutions/319. Bulb Switcher.md | 55 +++++++++++++++++++++++++++++++++
 1 file changed, 55 insertions(+)
 create mode 100644 solutions/319. Bulb Switcher.md

diff --git a/solutions/319. Bulb Switcher.md b/solutions/319. Bulb Switcher.md
new file mode 100644
index 0000000..0ee0ee2
--- /dev/null
+++ b/solutions/319. Bulb Switcher.md	
@@ -0,0 +1,55 @@
+# [319. Bulb Switcher](https://leetcode.com/problems/bulb-switcher/)
+
+# 思路
+有n个初始全灭的灯泡，第一次更改所有灯泡的状态（即全部打开），第二次更改2、4...灯泡的状态，第三次更改第3、6...灯泡的状态，以此类推，第n次更改第n个更改灯泡的状态。然我们求最后亮灯泡的个数。
+
+由题意可知，某个灯泡最后的状态取决于它被更改了多少次，如果被更改了偶数次那么就回到初始灭态，若被更改了奇数次就是亮态。
+那么第i个灯泡被更改了多少次呢？由题意分析可知被更改了dp[i]次，dp[i]代表i的所有因数个数。那如何求1-n共n个数的各自的因数个数呢？
+我们知道，若`m*n = k`，那么m和n都是k的因数（注意考虑m是否等于n），所以我们可以写一个二重循环来不断更新dp：
+```
+for i in [1, sqrt(n)]:
+  for j in [i, n/i]:
+      dp[i*j] += (i == j ? 1:2)
+```
+因此最后的完整代码就为：
+``` C++
+class Solution {
+public:
+    int bulbSwitch(int n) {
+        vector<int>dp(n+1, 0);
+        int res = 0;
+        for(int i = 1; i <= int(sqrt(n)); i++){
+            for(int j = i; j <= n / i; j++)
+                dp[j*i] += (i == j ? 1:2);
+            
+            res += (dp[i] % 2);
+        }
+        
+        return res;
+    }
+};
+```
+
+稍加分析上述代码可以发现：在第二重循环中若`i != j`时会增加两个因数，但是我们最后会对因数对2取模，也就是说其实是不用考虑`i != j`情况的，
+则循环代码就变成
+``` C++
+for(int i = 1; i <= int(sqrt(n)); i++){
+    dp[i*i] += 1;
+    res += (dp[i*i] % 2); // 即 res += 1
+}
+```
+
+> 直观上也很好理解，若k不是平方数，对于任意k的因数m，一定能找到唯一的`n = k/m`也是k的因数，其中`m != n`，因此k的因数个数一定是偶数。
+
+也就是说求1-n有多少个平方数，那我们直接返回`sqrt(n)`就可以了，所以最后的代码很简单，如下。
+
+
+# C++
+``` C++
+class Solution {
+public:
+    int bulbSwitch(int n) {
+        return sqrt(n);
+    }
+};
+```