add 120

solutions/120. Triangle.md

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+# [120. Triangle](https://leetcode.com/problems/triangle/)
+
+# 思路
+给了我们一个二维数组组成的三角形，让我们寻找一条自上而下的路径，使得路径和最短，要求从上一行到下一行只能走相邻的位置。要求空间复杂度O(n)。         
+
+```
+[
+     [1],
+    [2,3],
+   [4,5,6],
+  [7,8,9,10]
+]
+```
+
+肯定是个动归，首先想到的是用一个二维的dp数组，但是题目要求空间复杂度O(n)，所以用一维行不行呢？
+> 这种题不熟练的时候可以先用一个二维的dp数组通过后，在再此基础上改成一维dp数组。
+
+我们开辟一个大小为n的一维数组dp，然后从最顶层往最底层循环，若当前走完了第`i`层，`dp[j]`就代表以`triangle[i][j]`为终点的最短路径和。循环完所有层后，dp数组中的最小值即所求。
+
+那我们如何更新dp呢？若现在刚进入第`i`层，则此时dp存放有第`i-1`层的结果，即以`triangle[i-1][0, ..., i-1]`为终点的最短路径，更新dp即求以`triangle[i][0, ..., i]`为终点的最短路径。首先来看第一个点`triangle[i][0]`，它只能从上一层的第一个点到达，例如上例的2->4，所以更新即`dp[0] += triangle[i][0]`；后面的话就有两个可能了：从上一层的靠左边和靠右边到达，例如上例的2->5和3->5，我们需要从中选取最短的路径。但是需要注意的是以2为终点的最短路径和已经被上一次修改dp所覆盖了，所以我们需要在每一次修改dp前用pre做备份。则更新表达式为`dp[j] = triangle[i][j] + min(pre, dp[j])`，`pre`表示上一层的`dp[j-1]`。这样一直更新知道这一层的最后一个点，与第一个点类似，只能从上一层最后一个点到达这个点。
+
+时间复杂度O(n^2)， 空间复杂度O(n)
+
+
+# C++
+``` C++
+class Solution {
+public:
+    int minimumTotal(vector<vector<int>>& triangle) {
+        int n = triangle.size();
+        vector<int>dp(n, 0);
+        dp[0] = triangle[0][0];
+        int pre, tmp;
+        for(int i = 1; i < n; i++){
+            pre = dp[0]; 
+            dp[0] += triangle[i][0]; // 第一个点
+            for(int j = 1; j < i; j++){
+                tmp = dp[j];
+                dp[j] = triangle[i][j] + min(pre, dp[j]);
+                pre = tmp;
+            }
+            dp[i] = pre + triangle[i][i]; // 最后一个点
+        }
+        int res = dp[0];
+        for(int i = 1; i < n; i++) res = min(res, dp[i]);
+        return res;
+    }
+};
+```